ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ, 2022, том 58, № 9, с.1205-1219
УРАВНЕНИЯ С ЧАСТНЫМИ ПРОИЗВОДНЫМИ
УДК 517.955
РЕШЕНИЕ ЗАДАЧИ
С НАЧАЛЬНЫМИ УСЛОВИЯМИ ТИПА КОШИ
ДЛЯ УРАВНЕНИЯ ВЫСОКОГО ПОРЯДКА
С ДРОБНОЙ ПРОИЗВОДНОЙ ХИЛФЕРА
© 2022 г. Б. Ю. Иргашев
Рассмотрена задача типа Коши для уравнения высокого порядка с дробной производной
в смысле Хилфера. Доказаны теоремы существования и единственности решения задачи
в классе ограниченных функций, построенного с помощью автомодельных решений.
DOI: 10.31857/S0374064122090047, EDN: CHVYQA
1. Введение и построение автомодельных решений. Рассмотрим следующее уравне-
ние дробного порядка:
u(x, y) = 0,
(1)
y
x
здесь q - 1 < α1 ≤ q, p - 1 < α2 ≤ p, q < p, q, p ∈ N, 0 ≤ β1 ≤ 1,
0 ≤ β2 ≤ 1, μ < 0, Dα,β0t -
оператор дробного дифференцирования в смысле Хилфера порядка α и типа β (см. [1])
s
Dα,β0tu = Iβ(s-α) ∂0t
(I(1-β)(s-α)0tu),
∂ts
или
Dα,β0tu = D-β(s-α) ∂s0t
(D-(1-β)(s-α)0tu),
∂ts
где s-1 < α ≤ s, 0 ≤ β ≤ 1, s ∈ N, Iγ0t - оператор дробного интегрирования, а Dγ0t - оператор
дробного дифференцирования Римана-Лиувилля порядка γ, определяемый соотношением [2,
с. 28]
⎧
t
∫
⎪
1
ϕ(τ)dτ
⎪
⎪
,
γ < 0,
⎨Γ(-γ)
|t - τ|γ+1
0
Dγ0tϕ(t) =
ϕ(t),
γ = 0,
⎪
⎪
⎪
⎩d[γ]+1
Dγ-[γ]-10tϕ(t), γ > 0,
dt[γ]+1
в котором [γ] - целая часть числа γ.
Заметим, что в уравнении (1) при β = 0 имеем дробную производную Римана-Лиувилля,
а при β = 1 - дробную производную Капуто.
В работе [3] методами специальных операторов были найдены автомодельные решения
уравнения c постоянными коэффициентами, содержащие дробные производные в смысле Ри-
мана-Лиувилля. Для уравнения с обычной производной вида
∂pu(x,y)
∂qu(x,y)
-
= 0, p < q,
∂xp
∂yq
автомодельные решения были построены в статье [4].
Отметим, что различные начально-краевые задачи для уравнения с дробной производной
Хилфера изучались в работах [5-7] и др.
1205
1206
ИРГАШЕВ
Найдём один из видов автомодельных решений уравнения (1). Справедлива следующая
Лемма 1. Если μ < 0, -α1γj +b+1+β1(α1 - q) > 0, b ∈ R, γj = (j-(1 - β2)(p - α2))/α2,
j = 0,p - 1, то автомодельные решения уравнения (1) при x > 0, y > 0 имеют вид
)
(1
uj(x, y) = xα2γj y-α1γj+beα2,α+1,-α1γj+b+1
xα2 y-α1
,
(2)
1
μ
где
∑
zn
eμ,δα,β(z) =
,
α > 0, α > β, z ∈ C,
Γ(αn + μ)Γ(δ - βn)
n=0
- функция типа Райта [8, с. 23] или обобщённая функция Райта [3].
Доказательство. Найдём частные производные от функции (2), входящие в уравнение (1).
Для упрощения записи индекс j при параметре γ будем пропускать. Использовав формулу
(2.2.12) из [8], получим
(
))
q
(1
D-β1(q-α1)∂0y
D-(1-β1)(q-α1)
xα2γy-α1γ+beα2γ+1,-α1γ+b+1
xα2 y-α1
=
0y
α2,α1
∂yq
μ
(
))
(1
=xα2γ y-α1γ+b-α1eα2γ+1,-α1γ+b-α1+1
xα2 y-α1
,
(3)
α2,α1
μ
а с помощью формул (1.2.7) и (2.2.17) -
(
))
p
(1
D-β2(p-α2)∂0x
D-(1-β2)(p-α2)
xα2γy-α1γ+beα2γ+1,-α1γ+b+1
xα2 y-α1
=
0x
α2,α1
∂xp
μ
(
))
(1
=D-β2(p-α2)0xDp-(1-β2)(p-α2)0x xα2γy-α1γ+beα2γ+1,-α1γ+b+1
xα2 y-α1
=
α2,α1
μ
(
))
(1
=D-β2(p-α2)0x y-α1γ+bxα2γ-p+(1-β2)(p-α2)eα2γ-p+(1-β2)(p-α2)+1,-α1γ+b+1
α2,α1
xα2 y-α1
μ
Применив формулу (2.2.3) из [8], будем иметь
)
(1
eα2γ-p+(1-β2)(p-α2)+1,-α1γ+b+1
xα2 y-α1
=
α2,α1
μ
)
1
(1
=
xα2 y-α1 eα2γ+1-p+(1-β2)(p-α2)+α2,-α1γ+b+1-α1
xα2 y-α1
,
α2,α1
μ
μ
а формулу (2.2.17) -
(
1
D-β2(p-α2)
y-α1γ+b-α1 xα2γ-p+(1-β2)(p-α2)+α2 ×
0x
μ
))
(1
×eα2γ-p+(1-β2)(p-α2)+α2+1,-α1γ+b+1-α1
xα2 y-α1
=
α2,α1
μ
)
1
(1
=
y-α1γ+b-α1 xα2γeα2γ+1,-α1γ+b-α1+1
α2,α1
xα2 y-α1
(4)
μ
μ
Подставив выражения (3) и (4) в уравнение (1), получим верное равенство. Лемма доказана.
Отметим, что при β = 0 представление (2) совпадает с результатами из работы [3].
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
РЕШЕНИЕ ЗАДАЧИ С НАЧАЛЬНЫМИ УСЛОВИЯМИ ТИПА КОШИ
1207
Пусть теперь в представлении (2) α2 = p ∈ N, α1 = α, q - 1 < α ≤ q ∈ N, q < p, тогда
автомодельными решениями уравнения
Dα,β0yu(x,y) - μ∂pu(x,y)
= 0,
0 ≤ β ≤ 1,
(5)
∂xp
будут выражения вида
∑
μ-n(xy-α/p)pn+i
ui(x,y) = yb
,
i = 0,p - 1.
Γ(-αn - αi/p + b + 1)(pn + i)!
n=0
Рассмотрим их линейную комбинацию
∑
u(x, y) = yb
ciui(x,y), ci ∈ C,
i=0
и пусть коэффициенты ci такие, что ci = ci, cp = 1/μ, т.е. в качестве параметра c выберем
любой из корней уравнения cp = 1/μ. В результате получим семейство из p функций
(
)
α
u(x, y) = ybφ -
,b + 1;cxy-α/p ,
(6)
p
здесь
∑
zk
φ(-δ, ε; z) =
k!Γ(-δk + ε)
k=0
- функция Райта [9].
Теперь выясним, в каких случаях выражение (6) удовлетворяет уравнению (5). Справед-
лива следующая
Лемма 2. Если (1 + α/p)π/2 < |arg c| ≤ π, то представление (6) удовлетворяет уравне-
нию (5).
Доказательство. Учитывая лемму 2.1 из работы [10], имеем
(
(
))
q
α
D-β(q-α) ∂0y
D-(1-β)(q-α)
ybφ -
,b + 1;cxy-α/p
=
0y
∂yq
p
(
(
))
α
=D-β(q-α)0y yb+(1-β)(q-α)-qφ
-
,b + 1 + (1 - β)(q - α) - q;cxy-α/p
=
p
(
)
α
=yb-αφ -
,b - α + 1;cxy-α/p
(7)
p
Далее непосредственным вычислением убеждаемся, что для s ∈ N справедливо равенство
( (
))
s
∑
∂
α
(cy-α/p)nxn-s
b
yb
φ -
,b + 1;cxy-α/p
=y
=
∂xs
p
(n - s)!Γ(-αn/p + b + 1)
n=s
(
)
α
α
=csyb-αs/pφ -
,b-
s + 1;cy-α/px ,
(8)
p
p
из которого следует, что
( (
))
(
)
p
∂
α
1
α
yb
φ -
,b + 1;cxy-α/p
=
yb-αφ -
,b - α + 1;cy-α/px
(9)
∂xp
p
μ
p
Подставив (7) и (9) в уравнение (5), получим верное равенство. Лемма доказана.
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
1208
ИРГАШЕВ
2. Задача с начальными условиями и её решение. В этом пункте в области
D = {(x,y) : -∞ < x < +∞,0 < y < T},
0 < T < +∞,
для уравнения
L[u(x, y)] = Dα,β0yu(x, y) - (-1)n-1 ∂2nu(x,y)
= 0,
(10)
∂x2n
где n = 1, 2, . . . , если 0 < α ≤ 1, и n = 2,3,..., если 1 < α < 2, рассмотрим задачу с
начальными условиями типа Коши.
Задача Коши для уравнений c дробными производными Джрбашяна-Нерсесяна и Римана-
Лиувилля рассматривалась, соответственно, в работах [10, 11] и [12], идеи которых использо-
ваны в настоящем исследовании. Следует также отметить статьи [13-16], где изучен вопрос о
разрешимости задачи типа Коши для уравнений с дробными производными Капуто и Римана-
Лиувилля и с целыми производными второго порядка.
Так как λ2nk = (-1)n-1, где λk = e(2k-n+1)iπ/(2n), k = 0, n - 1, то с учётом леммы 2 и
неравенства
(
)
π
α
1+
< |arg (-λk)| ≤ π, k = 0, n - 1,
2
2n
функции вида
(
)
α
uk(x,y) = ybφ -
,b + 1;-λk|x|y-α/(2n) ,
b ∈ R, k = 0,n - 1,
(11)
2n
удовлетворяют уравнению (10) в области D.
Рассмотрим следующую линейную комбинацию решений (11):
(
)
b
∑
y
α
Γb(x - ξ,y) =
λkφ
-
,b + 1;-λk|x - ξ|y-α/(2n)
(12)
2n
2n
k=0
Вещественнозначность функции (12) следует из работы [12, лемма 2]. Отметим также, что
функция Γb(x - ξ, y - η) при b = α - 1 - α/(2n) является фундаментальным решением
уравнения (10) при 0 < α ≤ 1 и β = 0 (см. [12]). Изучим некоторые свойства функции
Γb(x - ξ,y - η).
Лемма 3. Справедливы следующие соотношения:
1) при всех s ∈ N
(
)
∑
∂sΓb(x - ξ,y)
αs
= -(sgn (x - ξ))s
(-λk)s+1φ -α
,b-
+ 1; -λk|x - ξ|y-α/(2n)
;
∂xs
2n
2n
2n
k=0
∂2nΓb(x - ξ,y)
2)
= (-1)n-1Γb-α(x - ξ, y);
∂x2n
⎧
⎨0,
s = 0,2n - 2,
∂sΓb(x - ξ,y)
∂sΓb(x - ξ,y)
3)
lim
- lim
(-1)nyb-α+α/(2n)
x-ξ→+0
∂xs
x-ξ→-0
∂xs
=⎩
,
s = 2n - 1;
Γ(b + α/(2n) - α + 1)
4) Dα0yΓb(x - ξ, y) = Γb-α(x - ξ, y);
∂sΓb(x - ξ,y)
5)
≤ C|x - ξ|-θyb+α(θ-s)/(2n), где y > 0, s ∈ N0, N0 = N
⋃ {0}, C =
∂xs
= C(α,b,θ,s),
⎧
αs
⎨0,
-b-1 ∈N0,
2n
θ≤
⎩-1,αs
-b-1∈N0;
2n
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
РЕШЕНИЕ ЗАДАЧИ С НАЧАЛЬНЫМИ УСЛОВИЯМИ ТИПА КОШИ
1209
6) при |x - ξ|y-α/(2n) → +∞
∂s
b(x - ξ, y)
Cyb-αs/(2n) exp(-ν|x - ξ|2n/(2n-α)y-α/(2n-α)),
≤
∂xsΓ
где C - положительная постоянная, не зависимая от x, ξ, y, а
(
(
)
α
)( α)α/(2n-α)
n-1
ν <
1-
cos
π
;
2n
2n
2n - α
+∞
yb+α/(2n)
7)
Γb(x - ξ,y)dξ =
Γ(α/(2n) + b + 1)
−∞
Доказательство.
1) Использовав формулу (8), имеем
)
∂sΓb(x - ξ,y)
∑ ∂s (
α
=
-
,b + 1;-λk|x - ξ|y-α/(2n)
=
∂xs
2n
λk ∂xsφ
2n
k=0
(
)
b-αs/(2n)
∑
y
α
αs
= -(sgn (x - ξ))s
(-λk)s+1φ -
,b-
+ 1; -λk|x - ξ|y-α/(2n)
2n
2n
2n
k=0
2) Справедливость этого пункта следует из свойства 1) при s = 2n.
3) Из свойства 1) следует, что
∂sΓb(x - ξ,y)
∂sΓb(x - ξ,y)
lim
- lim
=
x-ξ→+0
∂xs
x-ξ→-0
∂xs
)
b-αs/(2n)
∑
∑
y
=
-
(-λk)s+1 + (-1)s
(-λk)s+1
2nΓ(b - αs/(2n) + 1)
k=0
k=0
Если s = 2m, m ∈ N, то
∂sΓb(x - ξ,y)
∂sΓb(x - ξ,y)
lim
- lim
= 0.
x-ξ→+0
∂xs
x-ξ→-0
∂xs
Если s = 2m - 1, m = 1, n - 1, то
b-αs/(2n)
∑
∂sΓb(x - ξ,y)
∂sΓb(x - ξ,y)
y
lim
- lim
=-
λ2mk =
x-ξ→+0
∂xs
x-ξ→-0
∂xs
nΓ(b - αs/(2n) + 1)
k=0
b-αs/(2n)
∑
y
=-
e-(nm+m)iπ/n
e2kmiπ/n = 0.
nΓ(b - αs/(2n) + 1)
k=0
Наконец, если s = 2n - 1, то
b+α/(2n)-α
∂2n-1Γb(x - ξ,y)
∂2n-1Γb(x - ξ,y)
(-1)ny
lim
- lim
=
x-ξ→+0
∂x2n-1
x-ξ→-0
∂x2n-1
Γ(b + α/(2n) - α + 1)
4) Из леммы 2.1 работы [10] находим
(
(
))
∑
α
Dα0yΓb(x - ξ,y) =
λkDα
ybφ -
,b + 1;-λk|x - ξ|y-α/(2n)
=
0y
2n
k=0
(
)
∑
α
= λkyb-αφ -
,b - α + 1;-λk|x - ξ|y-α/(2n)
= Γb-α(x - ξ,y).
2n
k=0
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
1210
ИРГАШЕВ
5) Используя оценку из [10, формула (2.11)]
{
0,
-ε ∈ N0,
|yε-1φ(-δ, ε; λxy-δ )| ≤ Cx-θyε-1+δθ, θ ≥
−1,
-ε ∈ N0,
получим
(
)
∑
∂sΓb(x - ξ,y)
α
αs
|λk|s+1
b-αs/(2n)φ
-
,b-
+ 1; -λk|x - ξ|y-α/(2n)
≤
y
≤
∂xs
2n
2n
2n
k=0
≤ C|x - ξ|-θyb+α(θ-s)/(2n).
6) Учитывая оценку из [10, формула (2.8)], при |x - ξ|y-α/(2n) → +∞
|φ(-δ, ε; z)| ≤ C exp(-ν|z|1/(1-δ)), C = C(δ, ε, ν),
(13)
где δ ∈ (0, 1), ε ∈ R,
π - |argz|
1+δ
ν < (1 - δ)δδ/(1-δ) cos
,
π < |argz| ≤ π,
1-δ
2
и свойство 1), имеем
(
)
∂s
α
αs
b(x - ξ, y)
Cyb-αs/(2n) max
−
,b-
+ 1; -λk|x - ξ|y-α/(2n)
≤
φ
≤
∂xsΓ
k=0,n-1
2n
2n
≤ Cyb-αs/(2n) max exp(-ν|x - ξ|2n/(2n-α)y-α/(2n-α)),
k=0,n-1
где
(
α
)( α)α/(2n-α)
(π - |arg(-λk)|)
ν <
1-
cos
2n
2n
1 - α/(2n)
Так как
(
)
(π - |arg(-λk)|)
n-1
min
cos
= cos
π
,
k=0,n-1
1 - α/(2n)
2n - α
то справедлива оценка
∂s
Cyb-αs/(2n) exp(-ν|x - ξ|2n/(2n-α)y-α/(2n-α)),
b(x - ξ, y)≤
∂xsΓ
где
(
(
)
α
)( α)α/(2n-α)
n-1
ν <
1-
cos
π
2n
2n
2n - α
7) Используя равенство (см. [10, формула (2.12)])
∫
1
φ(-δ, ε; λx) dx = -
,
(14)
λΓ(δ + ε)
0
имеем
∫
∫
(
)
α
Γb(x - ξ,y)dξ =
λk
φ -
,b + 1;-λk|x - ξ|y-α/(2n) dξ =
2n
2n
k=0
-∞
-∞
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
РЕШЕНИЕ ЗАДАЧИ С НАЧАЛЬНЫМИ УСЛОВИЯМИ ТИПА КОШИ
1211
∫
(
)
b
y
α
=
λk
φ -
,b + 1;-λk(x - ξ)y-α/(2n) dξ +
2n
2n
k=0
-∞
+∞ (
)
]
α
+ φ -
,b + 1;-λk(ξ - x)y-α/(2n) dξ
(15)
2n
x
Вычислим каждый интеграл в отдельности. Для этого в первом интеграле сделаем замену
переменных по формулам t = (x - ξ)y-α/(2n), ξ = x - yα/(2n)t, dξ = -yα/(2n) dt. Тогда будем
иметь
∫
x
(
)
α
φ -
,b + 1;-λk(x - ξ)y-α/(2n) dξ =
2n
−∞
+∞ (
)
α
yα/(2n)
=yα/(2n)
φ -
,b + 1;-λkt dξ =
(16)
2n
λkΓ(α/(2n) + b + 1)
0
Аналогично для второго интеграла получим
∫ (
)
α
yα/(2n)
φ -
,b + 1;-λk(ξ - x)y-α/(2n) dξ =
(17)
2n
λkΓ(α/(2n) + b + 1)
x
Подставив выражения (16) и (17) в (15), получим равенство
∫
yb+α/(2n)
Γb(x - ξ,y)dξ =
Γ(α/(2n) + b + 1)
−∞
Лемма доказана.
Для дальнейшего изложения введём функцию
(
) (
)
(
)
α
α
α
Φ(b + 1, b; -λkt) =
+b φ -
,b + 1;-λkt
-φ -
, b; -λkt
,
b, t ∈ R,
2n
2n
2n
здесь предполагается, что множитель α/(2n) + b не меняется, могут изменяться вторые пара-
метры у функций Райта. Например, запись Φ(b + 1 + s, b + s; -λkt) означает следующее:
(
)
(
) (
)
(
)
α
α
α
Φ b + 1 + s,b + s;-λkt
=
+b φ -
,b + 1 + s;-λkt
-φ -
,b + s;-λkt
2n
2n
2n
Отметим некоторые свойства этой функции.
Лемма 4. Справедливы следу(щие соотношения:
)
d
α
α
1)
Φ(b + 1, b; -λkt) = -λkΦ b + 1 -
,b-
;-λkt
;
dt
2n
2n
+∞ (
)
αs
αs
2)
Φ b+1+
,b+
;-λkt dt =
2n
2n
0
(
)
b + α/(2n)
1
1
=
-
;
λk
Γ(b + 1 + α(s + 1)/(2n))
(b + α/(2n))Γ(b + α(s + 1)/(2n))
∫
3)
λk
t2sΦ(b + 1,b;-λkt)dt = 0, s = 0,n - 1.
k=0
0
4
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
1212
ИРГАШЕВ
Доказательство.
1) Следует из формулы (см. [10, 17])
d
φ(δ, ε; z) = φ(δ, ε + δ; z) (δ > -1).
dz
2) Следует из формулы (14).
3) Учитывая свойство 1) леммы 4, неравенство (13), и используя метод интегрирования по
частям, имеем
∫
∫
(
)
∑
α
α
λk
t2sΦ(b + 1,b;-λkt)dt = -
t2sdΦ b + 1 +
,b+
;-λkt
=
2n
2n
k=0
0
k=0 0
∫
(
)
∑
α
α
= 2s
Φ b+1+
,b+
;-λkt t2s-1 dt.
2n
2n
k=0 0
Повторив этот процесс ещё 2s - 1 раз, получим
∫
∫
(
)
∑
(2s)!
αs
αs
λk
t2sΦ(b + 1,b;-λkt)dt =
Φ b+1+
,b+
;-λkt dt =
2s-1
λ
n
n
k=0
k=0
k
0
0
(
)
∑
(2s)!
α + 2nb
=
-1 ei(n-1)sπ/n
e-2πiks/n = 0.
Γ(b + α(2s + 1)/(2n)) α(2s + 1) + 2nb
k=0
Последнее равенство выполняется при s = 1, n - 1. Справедливость свойства 3) леммы 4 при
s = 0 следует из свойства 2) этой же леммы. Лемма доказана.
Исследуем теперь задачи с начальными условиями для уравнения (10).
Задача 1. Найти решение u(x, y) уравнения (10) в области D = {(x, y) : -∞ < x < +∞,
0 < y < T}, удовлетворяющее условиям:
1) 0 < α ≤ 1;
∂2nu(x,y)
2) Dα,β0yu(x, y),
∈ C(D);
∂x2n
3) y(1-β)(1-α)u(x, y) ∈ C(D);
4) lim (y(1-β)(1-α)u(x, y)) = ϕ(x).
y→+0
Заданная функция удовлетворяет ограничению
ϕ(x) ∈ C(R),
|ϕ(x)| ≤ M,
0 < M - const.
(18)
Задача 2. Найти решение u(x, y) уравнения (10) в области D, удовлетворяющее условиям:
1) 1 < α < 2;
2) Dα,β0yu(x, y),∂2nu(x,y)
∈ C(D), y(1-β)(2-α)u(x,y) ∈ C1(D);
∂x2n
3) lim (y(1-β)(2-α)u(x, y)) = ϕ(x);
y→+0
∂
4) lim
(y(1-β)(2-α)u(x, y)) = ψ(x). Заданные функции удовлетворяют ограничениям
y→+0 ∂y
ϕ(2n)(x), ψ(x) ∈ C(R),
|ψ(x)|, |ϕ(j)(x)| ≤ M
(19)
для любых x ∈ R, j = 0, 2n, 0 < M - const.
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
РЕШЕНИЕ ЗАДАЧИ С НАЧАЛЬНЫМИ УСЛОВИЯМИ ТИПА КОШИ
1213
Существование решений задач 1 и 2 следует из следующих теорем.
Теорема 1. Решение задачи 1 определяется формулой
+∞
u(x, y) = Γ(1 - (1 - β)(1 - α)) Γb(x - ξ, y)ϕ(ξ) dξ,
(20)
-∞
где
α
b=-
- (1 - β)(1 - α).
(21)
2n
Доказательство. Сначала покажем, что функция (20) удовлетворяет уравнению (10).
Используя закон композиции операторов дробного интегро-дифференцирования и обобщённую
формулу Ньютона-Лейбница ([8, с. 15]), получим
∫
∫
)
Dα,β0y
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ = D-β(1-α)0yD1-(1-β)(1-α)
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ) dξ
=
0y
−∞
-∞
∫
)
∫
)
yβ(1-α)-1
=Dα0y
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
-
lim
D-(1-β)(1-α)
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
(22)
0y
Γ(β(1 - α))
y→0
−∞
-∞
Покажем, что выражение (22) имеет смысл. Отметим, что при b ∈ R, y > 0 в силу
∫
∫
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ =
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ +
−∞
-∞
∫K
∫
+ Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ + Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
-K
K
и свойств 5), 6) из леммы 3 имеем
∫
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
∞,
(23)
<
−∞
где 0 < K - достаточное большое число. Учитывая это, находим
y
∫
)
∫
∫
)
1
∂
1
Dα0y
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
=
Γb(x - ξ,t)ϕ(ξ)dξ dt =
Γ(1 - α) ∂y
(y - t)α
−∞
0
-∞
+∞
(
∫
y
)
∫
1
∂
Γb(x - ξ,t)
= ϕ(ξ)
Dα0yΓb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ.
Γ(1 - α) ∂y
(y - t)α dtdξ=
−∞
0
-∞
В силу (23) все выкладки законны. Используя свойство 4) леммы 3, имеем
∫
)
∫
Dα0y
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
= Γb-α(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ.
(24)
−∞
-∞
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
4∗
1214
ИРГАШЕВ
Последний интеграл существует в силу свойств 5) и 6) леммы 3. Далее, учитывая свойство
7)
леммы 3, получим
∫
)
∫
)
lim
D-(1-β)(1-α)0y
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
= lim
Γb+(1-β)(1-α)(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
=
y→0
y→0
−∞
-∞
∫
)
∫
)
= ϕ(x) lim
Γ-α/(2n)(x - ξ,y)dξ
+ lim
Γ-α/(2n)(x - ξ,y)(ϕ(ξ) - ϕ(x))dξ
=
y→0
y→0
−∞
-∞
∫
)
= ϕ(x) + lim
Γ-α/(2n)(x - ξ,y)(ϕ(ξ) - ϕ(x))dξ
y→0
−∞
Теперь вычислим предел в последней сумме:
∫
Γ-α/(2n)(x - ξ,y)(ϕ(ξ) - ϕ(x))dξ = I1 + I2 + I3,
-∞
где
x-ε
I1 =
Γ-α/(2n)(x - ξ,y)(ϕ(ξ) - ϕ(x))dξ,
-∞
+∞
I2 =
Γ-α/(2n)(x - ξ,y)(ϕ(ξ) - ϕ(x))dξ,
x+ε
x+ε
I3 =
Γ-α/(2n)(x - ξ,y)(ϕ(ξ) - ϕ(x))dξ.
x-ε
Учитывая свойство 6) леммы 3 и (18), находим
∫
lim
I1 = lim
I2 = 0,
|I3| ≤ C
sup
|ϕ(s) - ϕ(x)|,
−α/(2n)(x - ξ, y)
ξ≤C.
Γ
d
y→0
y→0
s∈(x-ε,x+ε)
x-ε
В силу непрерывности ϕ(x) и произвольности ε имеем lim
I3 = 0. Значит,
y→0
∫
∫
yβ(1-α)-1
Dα,β0y
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ =
Γb-α(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ -
ϕ(x).
(25)
Γ(β(1 - α))
−∞
-∞
Теперь вычислим частную производную по переменной x. Учитывая свойства 2) и 3) лем-
мы 3, получим
(∫x
∫
)
∂2n
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ +
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
=
∂x2n
−∞
x
∫
)
yβ(1-α)-1
= (-1)n-1
Γb-α(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ -
(26)
Γ(β(1 - α))
−∞
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
РЕШЕНИЕ ЗАДАЧИ С НАЧАЛЬНЫМИ УСЛОВИЯМИ ТИПА КОШИ
1215
Подставив (25) и (26) в уравнение (10), получим тождество.
Покажем справедливость соотношения 4) задачи 1. Имеем
(
∫
)
Γ(1 - (1 - β)(1 - α)) lim y(1-β)(1-α)
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
=
y→+0
−∞
= Γ(1 - (1 - β)(1 - α)) lim
(J1 + J2 + J3),
y→+0
где
∫
∫
)
J1 = y(1-β)(1-α)
+
(ϕ(ξ) - ϕ(x))Γb(x - ξ, y) dξ,
−∞ x+ε
∫
J2 = y(1-β)(1-α)
Γb(x - ξ,y)(ϕ(ξ) - ϕ(x))dξ,
x-ε
+∞
J3 = y(1-β)(1-α)ϕ(x)
Γb(x - ξ,y)dξ.
-∞
Из свойств 6) и 7) леммы 3, а также из (18) и (21) следует, что
ϕ(x)
lim
J1 = lim
J2 = 0, lim
J3 =
,
y→+0
y→+0
y→+0
Γ(1 - (1 - β)(1 - α))
откуда
lim (y(1-β)(1-α)u(x, y)) = ϕ(x).
y→+0
Условие 3) задачи 1 вытекает из непрерывности функции ϕ(x) и соотношения
4) задачи 1.
Теорема доказана.
Теорема 2. Решение задачи 2 определяется формулой
+∞
u(x, y) = Γ(1 - (1 - β)(2 - α)) Γb(x - ξ, y)ϕ(ξ) dξ +
-∞
+∞
+ Γ(2 - (1 - β)(2 - α)) Γb+1(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ,
(27)
-∞
здесь b = -α/(2n) - (1 - β)(2 - α).
Доказательство. Как и в доказательстве теоремы 1 покажем, что первое слагаемое в
представлении (27) удовлетворяет уравнению (10), т.е.
∫
]
L Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
= 0,
(28)
−∞
и условию
(
∫
)
lim y(1-β)(2-α)Γ(1 - (1 - β)(2 - α))
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
= ϕ(x).
(29)
y→+0
−∞
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
1216
ИРГАШЕВ
Проверим, что второе слагаемое в представлении (27) тоже удовлетворяет уравнению (10).
Действуя так же как и в доказательстве теоремы 1 (формулы (22)-(25)), имеем
∫
)
∫
Dα,β0y
Γb+1(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ
= Γb+1-α(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ -
−∞
-∞
∫
)
β(2-α)-1
y
-
lim
Γ-α/(2n)(x - ξ, y)ψ(ξ) dξ
-
Γ(β(2 - α))
y→+0
-∞
∫
)
β(2-α)-2
y
-
lim
Γ1-α/(2n)(x - ξ, y)ψ(ξ) dξ
=
Γ(β(2 - α) - 1)
y→+0
-∞
+∞
yβ(2-α)-1ψ(x)
= Γb+1-α(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ +
(30)
Γ(β(2 - α))
-∞
Здесь учтены условия (19), свойство 6) леммы 3 и равенства
∫
)
∫
)
y
lim
Γ-α/(2n)(x - ξ,y)dξ
= 1, lim
Γ1-α/(2n)(x - ξ,y)dξ
= lim
= 0,
y→+0
y→+0
y→+0 Γ(2)
−∞
-∞
которые следуют из свойства 7) леммы 3. Найдём частные производные по переменной x.
Использовав свойство 3) леммы 3, запишем
∫
)
(∫x
∫
)
∂2n
∂2n
Γb+1(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ
=
Γb+1(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ +
Γb+1(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ
=
∂x2n
∂x2n
−∞
-∞
x
∫
)
yβ(2-α)-1ψ(x)
= (-1)n-1
Γb+1-α(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ +
(31)
Γ(β(2 - α))
−∞
Из (30) и (31) следует
∫
]
L Γb+1(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ
= 0.
(32)
−∞
Учитывая (28) и (32), получим L[u(x, y)] = 0.
Теперь проверим выполнение условия 3) задачи 2. Из леммы 3 и (19) имеем
(
∫
)
lim y(1-β)(2-α)
Γb+1(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ
=
y→+0
−∞
(
∫
∫
∫
)
)
= lim y(1-β)(2-α)
+
+
Γb+1(x - ξ,y)(ψ(ξ) - ψ(x))dξ
+
y→+0
−∞ x+ε x-ε
(
∫
)
+ lim y(1-β)(2-α)ψ(x)
Γb+1(x - ξ,y)dξ
= 0.
(33)
y→+0
−∞
Из (29) и (33) следует, что lim (y(1-β)(2-α)u(x, y)) = ϕ(x).
y→+0
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
РЕШЕНИЕ ЗАДАЧИ С НАЧАЛЬНЫМИ УСЛОВИЯМИ ТИПА КОШИ
1217
Осталось проверить условие 4) задачи. Найдём
(
∫
))
( ∂
I = lim
y-b-α/(2n)
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
=
y→0
∂y
−∞
(
)
(
∫
)
(
∫
)
α
= -
- b lim
y-b-1-α/(2n)
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
+ lim
y-b-α/(2n)
Γb-1(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
=
2n
y→0
y→0
−∞
-∞
(
∫
((
)
)
))
α
= - lim y-b-1-α/(2n)
+ b Γb(x - ξ,y) - yΓb-1(x - ξ,y) ϕ(ξ)dξ
=
y→0
2n
−∞
[( ∫x
∫
)((
) (
)
∑
1
α
α
=-
lim y-1-α/(2n)
λk
+
+b φ -
,b + 1;-λk|x - ξ|y-α/(2n)
-
2n
y→0
2n
2n
k=0
-∞ x
(
))
]
α
-φ -
, b; -λk|x - ξ|y-α/(2n) ϕ(ξ) dξ
2n
В первом интеграле сделаем замену переменных по формулам
t = (x - ξ)y-α/(2n), ξ = x - tyα/(2n), dξ = -yα/(2n) dt,
а во втором - по формулам
t = (ξ - x)y-α/(2n), ξ = x + tyα/(2n), dξ = yα/(2n) dt.
В результате получим
∫
∑
1
I =-
lim y-1
λk
Φ(b + 1, b; -λkt)(ϕ(x - yα/(2n)t) + ϕ(x + yα/(2n)t)) dt.
(34)
2n
y→0
k=0
0
С учётом свойства 3) леммы 4 и формулы Тейлора с остаточным членом в форме Лагранжа
∑
ϕ(2n)(x - θyα/(2n)t)
ϕ(x - yα/(2n)t) =
(-1)s ϕ(s)(x)(yα/(2n)t)s +
yαt2n,
0 < θ < 1,
s!
(2n)!
s=0
∑
ϕ(s)(x)
ϕ(2n)(x + μyα/(2n)t)
ϕ(x + yα/(2n)t) =
(yα/(2n)t)s +
yαt2n,
0 < μ < 1,
s!
(2n)!
s=0
имеем
∫
λk
Φ(b + 1, b; -λkt)(ϕ(x - yα/(2n)t) + ϕ(x + yα/(2n)t)) dt =
k=0
0
∫
α
y
=
λk
t2nΦ(b + 1,b;-λkt)(ϕ(2n)(x + μyα/(2n)t) + ϕ(2n)(x - θyα/(2n)t))dt.
(35)
(2n)!
k=0
0
Учитывая оценку (13), условие (19), соотношение (35) и 1 < α < 2, находим
(
∫
))
( ∂
lim
y-b-α/(2n)
Γb(x - ξ,y)ϕ(ξ)dξ
= 0.
y→0
∂y
−∞
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
1218
ИРГАШЕВ
Осталось проверить справедливость равенства
(
∫
)
∂
J = Γ(2 - (1 - β)(2 - α)) lim
y(1-β)(2-α)
Γb+1(x - ξ,y)ψ(ξ)dξ
= ψ(x).
y→+0 ∂y
−∞
Действительно, действуя так же как при получении представления (34) и используя свойство 2)
леммы 4, имеем
∫
∑
Γ(2-(1-β)(2-α))
J=-
lim
λk Φ(b+2,b+1;-λkt)(ψ(x - yα/(2n)t) + ψ(x + yα/(2n)t))dt=
2n
y→+0
k=0
0
∫
∑
Γ(2 - (1 - β)(2 - α))
= -ψ(x)
λk
Φ(b + 2, b + 1; -λkt) dt =
n
k=0
0
(
)
∑
Γ(2-(1-β)(2-α))
b + α/(2n)
1
= -ψ(x)
-
=
n
Γ(b + 2 + α/(2n))
Γ(b + 1 + α/(2n))
k=0
(
)
b + α/(2n)
1
= -Γ(b + 2 + α/(2n))
-
ψ(x) = ψ(x).
Γ(b + 2 + α/(2n))
Γ(b + 1 + α/(2n))
Предельный переход в интеграле законен в силу (13), (19). Теорема доказана.
3. Единственность решений. Покажем единственность решений задач 1 и 2 при неко-
торых дополнительных условиях. Справедлива следующая
Теорема 3. Пусть существует решение u(x, y) задачи 1 (задачи 2) с условиями:
∫+∞
1)
|u(x, y)| dx < ∞;
-∞
∂ju(x,y)
2) lim
= 0, j = 0, 2n - 1.
|x|→∞
∂xj
Тогда это решение единственно при y > 0.
Доказательство. Покажем единственность решения задачи 2 (единственность задачи 1
доказывается аналогично). Пусть существуют два решения задачи 2 с условиями 1) и 2) (тео-
рема 3). Обозначим их разность через v(x, y). Тогда функция v(x, y) есть решение следующей
задачи:
Dα,β0yv(x,y) - (-1)n-1 ∂2nv(x,y)
= 0, lim (y(1-β)(2-α)v(x, y)) = 0,
∂x2n
y→+0
∂
lim
(y(1-β)(2-α)v(x, y)) = 0.
(36)
y→+0 ∂y
Применим преобразование Фурье
+∞
Fx[v](ξ, y) =
v(x, y)eixξ dx = v(ξ, y),
-∞
∫
[∂2nv(x,y)]
∂2nv(x,y)
Fx
(ξ, y) =
eixξ dx = (-1)nξ2nv(ξ,y).
∂x2n
∂x2n
-∞
С учётом (36) получим задачу
∂
Dα,β0yv(ξ,y) = -ξ2nv(ξ,y), lim
(y(1-β)(2-α)v(ξ, y)) = 0,
lim
(y(1-β)(2-α)v(ξ, y)) = 0.
y→+0
y→+0 ∂y
Из работы [18, лемма 1] следует, что v(ξ, y) ≡ 0. Значит (см. [19, теорема 120, с. 183]) v(x, y) ≡
≡ 0 п.в. Так как y(1-β)(2-α)v(x,y) ∈ C1( D), то v(x,y) ≡ 0 при y > 0. Теорема доказана.
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022
РЕШЕНИЕ ЗАДАЧИ С НАЧАЛЬНЫМИ УСЛОВИЯМИ ТИПА КОШИ
1219
СПИСОК ЛИТЕРАТУРЫ
1. Hilfer R. Fractional time evolution // Appl. of Fract. Calc. in Phys. 2000. P. 87-130.
2. Нахушев А.М. Уравнения математической биологии. М., 1995.
3. Luchko Yu., Gorenflo R. Scale-invariant solutions of a partial differential equation of fractional order
// Fract. Calc. and Appl. Anal. 1998. V. 1. № 1. P. 63-78.
4. Иргашев Б.Ю. Построение частных решений с особенностями, выраженных через гипергеометри-
ческие функции, для уравнения с кратными характеристиками // Дифференц. уравнения. 2020.
Т. 56. № 3. С. 328-336.
5. Kim M.-Ha., Chol-Ri G., Chol O.H. Operational method for solving multi-term fractional differential
equations with the generalized fractional derivatives // Fract. Calc. and Appl. Anal. 2014. V. 17. № 1.
P. 79-95.
6. Karimov E.T. Tricomi type boundary value problem with integral conjugation condition for a mixed type
equation with Hilfer fractional operator // Bull. of the Inst. of Math. 2019. № 1. P. 19-26.
7. Salakhitdinov M.S., Karimov E.T. Direct and inverse source problems for two-term time-fractional
diffusion equation with Hilfer derivative // Uzbek Math. J. 2017. № 4. P. 140-149.
8. Псху А.В. Уравнения в частных производных дробного порядка. М., 2005.
9. Wright E.M. On the coefficients of power series having exponential singularities // J. London Math. Soc.
1933. V. 8. № 29. P. 71-79.
10. Pskhu A.V. Fundamental solutions and cauchy problems for an odd-order partial differential equation
with fractional derivative // Electr. J. of Differ. Equat. 2019. V. 2019. № 21. P. 1-13.
11. Псху А.В. Фундаментальное решение диффузионно-волнового уравнения дробного порядка // Изв.
РАН. Сер. мат. 2009. Т. 73. № 2. C. 141-182.
12. Карашева Л.Л. Задача Коши для параболического уравнения высокого четного порядка с дробной
производной по временной переменной // Сиб. электрон. мат. изв. 2018. Т. 15. C. 696-706.
13. Ворошилов А.А., Килбас А.А. Задача Коши для диффузионно-волнового уравнения с частной про-
изводной Капуто // Дифференц. уравнения. 2006. Т. 42. № 5. C. 599-609.
14. Ворошилов А.А., Килбас А.А. Задача типа Коши для диффузионно-волнового уравнения с частной
производной Римана-Лиувилля // Докл. РАН. 2006. Т. 406. № 1. C. 12-16.
15. Ворошилов А.А., Килбас А.А. Условия существования классического решения задач Коши для
диффузионно-волнового уравнения с частной производной Капуто // Докл. РАН. 2007. Т. 414. № 4.
C. 451-454.
16. Кочубей А.Н. Диффузия дробного порядка // Дифференц.уравнения. 1990. Т. 26. № 4. C. 660-670.
17. Wright E.M. The generalized Bessel function of order greater than one // Quart. J. Math. Oxford Ser.
1940. V. 11. № 1. P. 36-48.
18. Kadirkulov B.J., Jalilov M.A. On a nonlocal problem for a fourth-order mixed-type equation with the
Hilfer operator // Bull. of the Karaganda Univ. Math. ser. 2021. V. 104. № 4. P. 89-102.
19. Титчмарш Э.Ч. Введение в теорию интегралов Фурье. М., 1948.
Наманганский инженерно-строительный институт,
Поступила в редакцию 30.01.2022 г.
Республика Узбекистан,
После доработки 16.04.2022 г.
Институт математики имени В.И. Романовского
Принята к публикации 05.07.2022 г.
АН Республики Узбекистан, г. Ташкент
ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ том 58
№9
2022